jqgrid spring 예제

나는 osgi에 잭슨 1.9를 사용하기 위해 폼과 매니페스트에 무엇을 포함해야합니까? 스프링 소스 리포지토리에서 나는 단지 1.4.3 그래서 우리는 우리의 스프링 컨텍스트 구성 파일이 어떻게 생겼는지 보자; 또한 더 업데이트 된 기사 «봄 MVC 3.1, jqGrid, 그리고 봄 데이터 JPA 통합 가이드» http://krams915.blogspot.com/2012/01/spring-mvc-31-jqgrid-and-spring-data_1887.html HI Krams, 위의 예에서 json 개체를 보내는 방법을 확인 해야 합니다. 추가, 업데이트 및 삭제 작업을하는 동안 사용자.jsp에서 봄 mvc 컨트롤러에 jquery. 이 예제를 보내주시면 URL을 jqGridExample로 리디렉션할 수 있습니다. 이제 이 문제가 스프링-mvc에서 어떻게 해결되는지 이해하려면 컨트롤러 클래스를 살펴봐야 합니다. 컨트롤러 클래스는 다음과 같습니다. 나는 이상한 오류를 받고 있어요 …… 그 인터넷 검색이 해결되지 않았다 : 서버 측 : [DEBUG] [http-8080-exec-9 01:29:29] (추상 처리기예외 해결자.java:해결예외 :132) 처리기에서 예외를 해결 [org.krams.tutorial.controller.UserController@9c176c]: org.springframework.web.httpMediaTypeNot허용 예외: 허용 가능한 표현을 찾을 수 없습니다[DEBUG] [http-8080-exec-9 01:29:29] (추상핸들러예외해결기.java:해결예외:132) 처리기에서 예외해결 [ org.krams.tutorial.controller.UserController@9c176c]: org.springframework.web.httpMediaTypeNot허용 예외: 허용 되는 표현을 찾을 수 없습니다[DEBUG] [http-8080-exec-9 01:29:29] (추상처리기예외해결사.자바: 해결예외:132) 처리기에서 예외를 해결 [org.krams.tutorial.controller.UserController@9c176c]: org.springframework.web.HttpMediaTypeNot허용 예외: 허용 되는 표현을 찾을 수 없습니다[DEBUG] [http-8080-exec-9 01:29:29] (DispatcherServlet.java:doDispatch:824) Null ModelAndView는 `봄`이라는 이름으로 디스패치서벌에 반환됨: 핸들러어댑터가 요청 처리를 완료한 경우[DEBUG] [http-8080-exec-9 01:29:29] (FrameworkServlet.java:processRequest :674) 성공적으로 완료 요청 클라이언트 측 (wiztools의 도움으로): 이 요청에 의해 식별 된 자원은 요청 «수락»헤더가 설정되는 «수락»헤더에 따라 허용되지 않는 특성을 가진 응답을 생성 할 수 있습니다 : json 뷰리저 문제처럼 보입니다. 내부리소스뷰리저는 «/WEB-INF/jsp/users.jsp» 대신 «/스프링-jqgrid-통합/크람/메인/사용자»로 전달/리디렉션됩니다. «forward:/WEB-INF/jsp/users.jsp»를 하드코딩하면 잘 작동합니다. 나는 이것을 볼 수 있습니다 (관련확실하지 않음): [DEBUG] [기본 01:15:17] (추상자동와이어가능BeanFactory.java:createBean:458) 콩 `org.springframework.web.servlet.belet.view.view.internalResourceViewResolver`[DEBUG] [메인 01:15:17] DispatcherServlet.java:initViewResolvers:584) 서브렛 `스프링`에서 뷰리졸버를 찾을 수 없음: defaultStill 조사를 사용합니다.

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